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全国统一高考数学试卷(理科)(新课标ⅲ)
大小:0B 13页 发布时间: 2024-01-31 08:47:50 16.69k 15.39k

∴AM2+MC2=AC2,则AM⊥MC,

∵PA⊥底面ABCD,PA⊂平面PAD,

∴平面ABCD⊥平面PAD,且平面ABCD∩平面PAD=AD,

∴CM⊥平面PAD,则平面PNM⊥平面PAD.

在平面PAD内,过A作AF⊥PM,交PM于F,连接NF,则∠ANF为直线AN与平面PMN所成角.

在Rt△PAC中,由N是PC的中点,得AN==

在Rt△PAM中,由PA•AM=PM•AF,得AF=

∴sin

∴直线AN与平面PMN所成角的正弦值为

【点评】本题考查直线与平面平行的判定,考查直线与平面所成角的求法,考查数学转化思想方法,考查了空间想象能力和计算能力,是中档题.

20.(12分)已知抛物线C:y2=2x的焦点为F,平行于x轴的两条直线l1,l2分别交C于A,B两点,交C的准线于P,Q两点.

(Ⅰ)若F在线段AB上,R是PQ的中点,证明AR∥FQ;

(Ⅱ)若△PQF的面积是△ABF的面积的两倍,求AB中点的轨迹方程.

【考点】J3:轨迹方程;K8:抛物线的性质.菁优网版权所有

【专题】15:综合题;35:转化思想;49:综合法;5D:圆锥曲线的定义、性质与方程.

【分析】(Ⅰ)连接RF,PF,利用等角的余角相等,证明∠PRA=∠PQF,即可证明AR∥FQ;

(Ⅱ)利用△PQF的面积是△ABF的面积的两倍,求出N的坐标,利用点差法求AB中点的轨迹方程.

【解答】(Ⅰ)证明:连接RF,PF,

由AP=AF,BQ=BF及AP∥BQ,得∠AFP+∠BFQ=90°,

∴∠PFQ=90°,

∵R是PQ的中点,

∴RF=RP=RQ,

∴△PAR≌△FAR,

∴∠PAR=∠FAR,∠PRA=∠FRA,

∵∠BQF+∠BFQ=180°﹣∠QBF=∠PAF=2∠PAR,

∴∠FQB=∠PAR,

∴∠PRA=∠PQF,

∴AR∥FQ.

(Ⅱ)设A(x1,y1),B(x2,y2),

F(,0),准线为 x=﹣

S△PQF=|PQ|=|y1﹣y2|,

设直线AB与x轴交点为N,

∴S△ABF=|FN||y1﹣y2|,

∵△PQF的面积是△ABF的面积的两倍,

∴2|FN|=1,∴xN=1,即N(1,0).

设AB中点为M(x,y),由=2(x1﹣x2),

=

=,即y2=x﹣1.

∴AB中点轨迹方程为y2=x﹣1.

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