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2021上海生物高考试卷
大小:0B 16页 发布时间: 2024-03-21 12:11:34 19.61k 19.23k

(4)中心体 核仁(或核膜、或细胞核)

【点评】本题结合图表,考查细胞周期和有丝分裂不同时期的特点,要求考生识记有丝分裂不同时期的特点,掌握有丝分裂过程中DNA含量变化规律,并能绘制相应的曲线图;还要求考生能结合表中数据,解答细胞周期的相关问题,属于考纲识记和理解层次的考查.

34.(10分)

【考点】微生物的分离和培养;培养基对微生物的选择作用;酶活力测定的一般原理和方法.菁优网版权所有

【分析】本题综合考查了微生物的培养、分离、纯化的方法步骤,培养基的成分,常用的灭菌方法及其适用情况,酶发挥作用的适宜温度及温度与酶活性的关系等内容,阅读背景材料,找出实验目的和原理,然后梳理微生物分离和培养的等相关知识点,根据问题涉及的内容综合分析解答.

【解答】解:(1)由图中显示,在①前后试管中细菌数目减少,可推知此过程为稀释,②过程后使用划线法对细菌进行固体培养基培养,可推知此过程为分离纯化嗜热菌.

(2)由图示可知表示过程是嗜热菌分离纯化的过程,Ⅰ号培养基为选择培养基.在培养微生物的培养基中,碳源和氮源必不可少,所以除淀粉外还应加入硝酸铵作为氮源.

(3)细菌芽孢是在极端环境中产生的,具有耐高温等特点,只有用高温高压,才能杀死细菌芽孢,防止培养基污染.

(4)在使用该酶时,应保证活性较高、酶的热稳定性较好的温度范围.由图中数据可知,60℃~70℃符合要求.

(5)酶活性受温度影响,在不同的温度下,都可以测定酶的活性,A错误;由曲线①可知,该酶的最适温度是80℃,曲线②中的数据是将酶在不同温度下保温足够长的时间,再在酶活性最高的温度下测其残余酶活性,对于B选项而言是将该酶在35℃下上时间保存,然后在80℃下测定该酶活性,B、C正确;曲线②显示,酶的热稳定性从30℃开始不断下降,在70℃后,急剧下降,D正确.

故答案为:(1)稀释 单个菌落的筛选(或筛选)

(2)选择培养基 C

(3)杀死培养基中的细菌芽孢

(4)C

(5)A

【点评】本题综合考查了微生物的培养、分离、纯化的方法步骤,培养基的成分,常用的灭菌方法及其适用情况,酶发挥作用的适宜温度及温度与酶活性的关系等内容,同时考查了学生的识图能力和分析问题的能力,运用所学的知识解决实际问题的能力.

35.(12分)

【考点】影响光合作用速率的环境因素;光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化.菁优网版权所有

【分析】分析图解:图中可以看出,玉米的叶肉细胞可以在较低浓度二氧化碳的条件下,通过二氧化碳泵固定二氧化碳,然后在维管束鞘细胞中利用.

表格数据显示,在中午11:00时,光照增强,玉米的光合速率达到最高,而花生的光合速率下降,这可能与气孔关闭有关.

【解答】解:(1)中午11:00时,光照增强,温度过高,叶片气孔开放程度的下降,CO2进入叶肉细胞受阻,故CO2减少,导致花生光合作用速率降低;而玉米内有CO2泵,在进入植物内的CO2减少的情况下,仍可以维持细胞内较高的CO2浓度;并且此时光照增强,促进光合作用加强.

(2)当注入抑制剂后,卡尔文循环(或暗反应、或C3的还原)受阻,ATP的消耗降低,而光反应产生ATP不受影响,故ATP的含量呈上升趋势.

(3)与11:00时相比,17:00时,外界环境中光照强度较小,温度和CO2浓度基本相同,故光合作用速率受光照强度限制.

(4)从外界吸收的CO2是植物积累的葡萄糖的量是相对应的,两者物质的量之比为1:6.由表可知每小时每平方米玉米比花生吸收CO2的物质的量为72mmol,所以在10分钟内玉米多吸收CO212mmol,产生的葡萄糖为2mmol,即360mg/m2.

(5)在光反应中,叶绿体利用光能将水分解为氧气和还原态的氢.

(6)光反应过程中,ATP的中的能量来源于H+的电化学势能.本题中,注射NH4+后消除了膜内外的H+的浓度差,电化学势能为零,所以无法合成ATP.

故答案为:

(1)CO2 玉米内有CO2泵,在进入植物内的CO2减少的情况下,仍可以维持细胞内较高的CO2浓度;此时光照强度增强,促进光合作用加强

(2)上升 此时卡尔文循环(或暗反应、或C3的还原)受阻,ATP的消耗降低,而光反应产生ATP不受影响

(3)光照强度

(4)360

(5)水

(6)B

【点评】本题考查了光照强度影响光合作用的有关知识,意在考查考生的审题能力和分析图表的能力,难度一般,考生需结合光合作用的过程解决相关问题.

36.(10分)

【考点】基因工程的原理及技术;遗传信息的转录和翻译.菁优网版权所有

【分析】限制酶具有专一性,能够识别双链DNA分子的某种特定核苷酸序列,并且使每一条链中特定部位的两个核苷酸之间的磷酸二酯键断裂,形成黏性末端和平末端两种.并且同种限制酶切割形成的黏性末端相同.

一种限制性内切酶只能识别一种特定的核苷酸序列,并在特定的切点上切割DNA分子,完全不同的限制酶E和F从合成的DNA上切下VPI目的基因,并将之取代质粒pZHZ1上相应的E﹣F区域.计算VPI基因大小关键要能获取题图和题干中的有效信息.

【解答】解:(1)一种限制性内切酶只能识别一种特定的核苷酸序列,并在特定的切点上切割DNA分子,完全不同的限制酶E和F从合成的DNA上切下目的基因,并将之取代质粒pZHZ1上相应的E﹣F区域 (0.2kb),所以重组质粒中同时含有EF切割位点,答案选A.

(2)已知质粒pZHZ1的长度为3.7kb,其中EF区域长度为0.2kb,所以切去EF段后的质粒长度为3.7﹣0.2=3.5kb.现用限制酶G切割重组质粒pZHZ2样品,结果被酶G切割成1.6kb和3.1kb两个片段,可知重组质粒pZHZ2的总长度为1.6+3.1=4.7kb,所以目的基因长度为4.7﹣3.5=1.2kb.重组质粒中G的切割位点距E的切割位点0.8kb,单独用限制酶G切割后产生1.6kb和3.1kb两个片段,说明在重组质粒中除了图中标示出来的G酶识别位点外,还有一个G酶识别位点;H酶的酶切位点距F0.5kb,用H单独酶切后产生1.2kb和3.5kb两个片段,说明在重组质粒中含有一个H的酶切位点,根据题中信息提示“目的基因内部的酶G、酶H切割位点标注在图上”,可确定在EF之间分别含有G和H的一个识别位点.可断定G的识别位点,在距离E点右侧0.8kb处,H的识别位点在距F左侧0.7kb处,如下图所示:

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