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重庆高考理综物理试题及答案
大小:0B 4页 发布时间: 2024-03-28 12:27:56 7.38k 5.45k

根据根据电荷数守恒和质量数守恒可知++X中X的电荷数为2、质量数为4,质量亏损为Δm2=1.0078+15.0001-12.0000-4.0026=0.0053,根据爱因斯坦的质能方程可知=Δm1C2、=Δm2C2,则

17.答案:C

解析:“嫦娥一号”和“嫦娥二号”绕月作圆周运动,由万有引力提供向心力有可得V=(M为月球质量),它们的轨道半径分R1=1900Km、R2=1800Km,则v1:v2=

18.答案:C

解析:显然L1和X1并联、L2和X2并联…然后他们再串联接在220V交流电源上,L2 灯丝烧断,则总电阻变大、电路中电流I减小,又L1和X1并联的电流分配关系不变,则X1和L1的电流都减小、功率都减小,同理可知除X2 和L2 外各灯功率都减小,A、B均错;由于I减小,各并联部分的电压都减小,交流电源电压不变,则X2 上电压增大,根据P=U2/R可知X2 的功率变大,C对、D错。

19.答案:D

解析:电键S分别置于a、b两处时,电源分别为一节干电池、两节干电池,而电路中灯泡电阻不变,则电路中电流Ia<Ib,处的磁感应强度Ba<Bb,应用安培力公式F=BIL可知,又电流方向相反、则相互排斥。

20.答案:D

解析:在磁极绕转轴从X到O匀速转动,穿过线圈平面的磁通量向上增大,根据楞次定律可知线圈中产生瞬时针方向的感应电流,电流由F经G流向E,又导线切割磁感线产生感应电动势E感=BLV,导线处的磁感应强度先增后减可知感应电动势先增加后减小、则电流先增大再减小,AB均错;

在磁极绕转轴从O到Y匀速转动,穿过线圈平面的磁通量向上减小,根据楞次定律可知线圈中产生逆时针方向的感应电流,电流由E经G流向F,又导线切割磁感线产生感应电动势E感=BLV,导线处的磁感应强度先增后减可知感应电动势先增加后减小、则电流先增大再减小,C错、D对。

21.答案:A

解析:根据临界角C、折射率n=,由①可知na>nb,根据色散规律可知a的频率大于b;根据双缝干涉条纹间距ΔX=λ,由②可知b、c和d中c的波长最长,再根据色散规律可知bcd中c的频率最小;每种金属都有对应的最小入射光频率,入射光频率越大、光电效应越容易发生,由③可知b和d中b的频率大,综合上述可知a、b、c、d的频率从大到小依次为abdc,只有A选项中满足。

22.答案:

(1)①是

②是

③否,20.685(20.683-20.687),摆长

(2)①见22题答案图,

③ 不是,0.295(0.293-0.297),2.67(2.64-2.70),

④ 0.065(0.060-0.070)

解析:

(1)单摆作简谐运动要求摆角小,单摆从平衡位置拉开约5°释放满足此条件;因为最低点位置固定、容易观察,所以在最低点启动秒表计时;摆球一次全振动的时间太短、不易读准、误差大,应测多个周期的时间求平均值;表中数据可以初步判断单摆周期随摆长的增大而增大。

(2)①见右图;

②根据欧姆定律可知I=

③路端电压U=E-Ir,若r为常数、则U-I图为一条不过原点的直线,由曲线a可知电池内阻不是常数;当U=0时的电流为短路电流、约为295μA=0.295mA;当电流I=0时路端电压等于电源电动势E、约为2.67V;

④实验一中的路端电压为U1=1.5V时电路中电流为I1=0.21mA,连接a中点(0.21mA、1.5V)和坐标原点,此直线为此时对应滑动变阻器阻值的外电路电阻(定值电阻)的U-I图,和图线b的交点为实验二中的路端电压和电路电流,如右图,电流和电压分别为I=97μA、U=0.7V,则外电路消耗功率为P=UI=0.068 mW。

23.解析:

(1)对冰壶,从A点放手到停止于C点,设在A点时的速度为V1,应用动能定理有

,得

(2)对冰壶,从O到A,设冰壶受到的冲量为I,应用动量定理有

,将代入得

(3)设AB之间距离为S,对冰壶,从A到O′的过程,应用动能定理,

,将代入得

S=L-4r。

24.解析:

设外壳上升高度h1时速度为V1,外壳与内芯碰撞后瞬间的共同速度大小为V2,

(1)对外壳和内芯,从撞后达到共同速度到上升至h2处,应用动能定理有

(4m+m)g( h2-h1)=(4m+m)V22-0,解得V2=

(2)外壳和内芯,碰撞过程瞬间动量守恒,有

4mV1=(4mg+m)V2,将代入得V1=

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