【分析】（1）精度是1毫米刻度尺读数要估读到毫米的下一位，整数刻度用零补充位置，

根据解析式讨论图象斜率的意义．

（2）根据多用电表欧姆挡读数=指针指示值×倍率确定如何换倍率．

连接实物图时应该注意电表的正负极，其中滑动变阻器应该按照分压式接法连接．

【解答】解：（1）①最小刻度是毫米的刻度尺读数要估读到最小刻度的下一位，故拿零来补充估测值位置

所以OD间的距离为1.20cm．

②由公式S=at2、知图象的斜率表示a，即加速度的二分之一

计算斜率得a=2k=0.934m/s2 ．

（2）①小电珠（2.5V，0.6W），所以小电珠电阻大约是10Ω，

粗测小电珠的电阻，应选择多用电表×1倍率的电阻档，结果为7.5Ω

②根据实验原理图4完成实物图如图：

③为保护小电珠不超过额定电压，开关闭合前，为了安全应将滑动变阻器的滑片P置于a端，使得灯泡两端电压从零开始变化．

为使小电珠亮度增加，P应由中点向b端滑动，灯泡两端电压增大．

④为了获得更准确的实验图象，应该在灯泡两端电压从零开始增大的过程中多测量几次，即必须在相邻数据点ab间多测几组数据．

故答案为：（1）①1.20； ②，0.934；

（2）①×1 7.5；②如图，

③a、b；

④ab．

【点评】（1）本题考查了打点计时器实验中图象处理数据的方法，原理是匀变速直线运动的规律，是一道基础题．

（2）考查了多用电表的读数和电路图转换为实物图的连接方式，其中滑动变阻器的分压式接法应当注意．

11．（18分）（2011•广东）如图（a）所示，在以O为圆心，内外半径分别为R1和R2的圆环区域内，存在辐射状电场和垂直纸面的匀强磁场，内外圆间的电势差U为常量，R1=R0，R2=3R0，一电荷量为+q，质量为m的粒子从内圆上的A点进入该区域，不计重力．

（1）已知粒子从外圆上以速度v1射出，求粒子在A点的初速度v0的大小；

（2）若撤去电场，如图（b），已知粒子从OA延长线与外圆的交点C以速度v2射出，方向与OA延长线成45°角，求磁感应强度的大小及粒子在磁场中运动的时间；

（3）在图（b）中，若粒子从A点进入磁场，速度大小为v3，方向不确定，要使粒子一定能够从外圆射出，磁感应强度应小于多少？

【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；动能定理的应用

【专题】压轴题．

【分析】带电粒子在电场与磁场中，只有电场力对粒子做功，所以由动能定理可求出初速度．由于粒子从OA延长线与外圆的交点C以速度v2射出，则入射点与出射点连续是弦，因此弦的中垂线与射出速度的垂线交点即为轨道的圆心．从而由几何关系可求出磁感应强度大小及运动的时间．若粒子从A点进入磁场，速度大小一定，方向不定，要使粒子一定能够从外圆射出，粒子在磁场内的运动半径应大于过A点的最大内切圆半径，所以由轨道半径从而求出最小磁感应强度．

【解答】 解：（1）电、磁场都存在时，只有电场力对带电粒子做功，由动能定理

①

得②

（2）由牛顿第二定律 ③

如图1，由几何关系粒子运动轨迹的圆心O′和半径R

则有：R2+R2=（R2﹣R1）2④

联立③④得磁感应强度大小⑤

粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期⑥

由几何关系确定粒子在磁场中运动的时间⑦

由④⑥⑦式，得 ⑧

（3）如图2，为使粒子射出，则粒子在磁场内的运动半径应大于过A点的最大内切圆半径，该半径为